解答题已知函数f（x）=ax+xlnx的图象在点x=e（e为自然对数的底数）处的切线斜

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（1）解：因为f（x）=ax+xlnx，所以f'（x）=a+lnx+1．（1分）
因为函数f（x）=ax+xlnx的图象在点x=e处的切线斜率为3，
所以f'（e）=3，即a+lne+1=3．
所以a=1．（2分）
（2）解：由（1）知，f（x）=x+xlnx，
所以对任意x＞1恒成立，即对任意x＞1恒成立．（3分）
令，
则，（4分）
令h（x）=x-lnx-2（x＞1），
则，
所以函数h（x）在（1，+∞）上单调递增．（5分）
因为h（3）=1-ln3＜0，h（4）=2-2ln2＞0，
所以方程h（x）=0在（1，+∞）上存在唯一实根x0，且满足x0∈（3，4）．
当1＜x＜x0时，h（x）＜0，即g'（x）＜0，当x＞x0时，h（x）＞0，即g'（x）＞0，（6分）
所以函数在（1，x0）上单调递减，在（x0，+∞）上单调递增．
所以．（7分）
所以k＜[g（x）]min=x0∈（3，4）．
故整数k的最大值是3．（8分）
（3）证明：由（2）知，是[4，+∞）上的增函数，（9分）
所以当n＞m≥4时，．（10分）
即n（m-1）（1+lnn）＞m（n-1）（1+lnm）．
整理，得mnlnn+mlnm＞mnlnm+nlnn+（n-m）．（11分）
因为n＞m，所以mnlnn+mlnm＞mnlnm+nlnn．（12分）
即lnnmn+lnmm＞lnmmn+lnnn．
即ln（nmnmm）＞ln（mmnnn）．（13分）
所以（mnn）m＞（nmm）n．（14分）
证明2：构造函数f（x）=mxlnx+mlnm-mxlnm-xlnx，（9分）
则f'（x）=（m-1）lnx+m-1-mlnm．（10分）
因为x＞m≥4，所以f'（x）＞（m-1）lnm+m-1-mlnm=m-1-lnm＞0．
所以函数f（x）在[m，+∞）上单调递增．（11分）
因为n＞m，所以f（n）＞f（m）．
所以mnlnn+mlnm-mnlnm-nlnn＞m2lnm+mlnm-m2lnm-mlnm=0．（12分）
即mnlnn+mlnm＞mnlnm+nlnn．
即lnnmn+lnmm＞lnmmn+lnnn．
即ln（nmnmm）＞ln（mmnnn）．（13分）
所以（mnn）m＞（nmm）n．（14分）解析分析：（1）求出f（x）的导函数，把x=e代入导函数中求出的导函数值即为切线方程的斜率，根据切线斜率为3列出关于a的方程，求出方程的解即可得到a的值；（2）将原来的恒成立问题转化为研究函数的最值问题，研究区间（1，+∞）上的最值问题，先求出函数的极值，研究极值点左右的单调性，最后确定出最小值，从而得出k的最大值．（3）由（2）知，是[4，+∞）上的增函数，从而有当n＞m≥4时，由此式即可化简得到ln（nmnmm）＞ln（mmnnn．点评：此题考查学生会利用导数求切线上过某点切线方程的斜率，会利用导函数的正负确定函数的单调区间，会利用导数研究函数的极值，掌握导数在最大值、最小值问题中的应用，是一道中档题．