大学物理一刚体转动问题,急如图所示,长为L的轻杆,两端各固定质量为m和2m的小球,杆可绕水平光滑轴在竖直面内转动,转轴O距离两端分别为L/3和2L/3.原来静止在竖直位置,今有一质量为m的小球,以水平速度v0与杆下端小球m作对心碰撞,碰撞后以v0/2的速度返回,试求碰撞后轻杆所获得的角速度.只有答案不懂也没用,要**详细**思路过程,
网友回答
用能量守恒定律做,初始能量等于撞后的能量,设撞后m速度为V1,2m速度为V2,角速度为w.
初始能量=1/2*m（V0)^2；
撞后的能量=1/2*m（V1)^2+1/2*(2mV2)^2+1/2*m+（1/2*V0)^2；
即有1/2*m（V0)^2=1/2*m（V1)^2+1/2*(2mV2)^2+1/2*m+（1/2*V0)^2；
V1和V2有个关系：V1/（2L/3）=V2/（L/3）=w；
解两个关于V1和V2的方程,得出：
V2=（根下2）V0/4,因此,w=V2/（L/3）=3*（跟下2）*V0/4L
======以下答案可供参考======
供参考答案1:
力矩M=0根据角动量守恒知，m(2L/3)*v0=(2m(L/3)^2+m(2L/3)^2)w +( -m(2L/3)*V0/2)
可解得