在平面直角坐标系中，点0是坐标原点，四边形ABCD为菱形，AB边在x轴上，点D在y轴上，点A的坐标是（-6，0），AB=10．
（1）求点C的坐标：
（2）连接BD，点P是线段CD上一动点（点P不与C、D两点重合），过点P作PE∥BC交BD于点E，过点B作BQ⊥PE交PE的延长线于点Q．设PC的长为x，PQ的长为y，求y与x之间的函数关系式（直接写出自变量x的取值范围）；
（3）在（2）的条件下，连接AQ、AE，当x为何值时，S△BQE+S△AQE=S△DEP？并判断此时以点P为圆心，以5为半径的⊙P与直线BC的位置关系，请说明理由．
网友回答
解：（1）如图1，过点C作CN⊥x轴，垂足为N，则四边形DONC为矩形，
∴ON=CD
∵四边形ABCD是菱形，AB=10，
∴AB=BC=CD=AD=10，
∴ON=10，
∵A（-6，0），
∴OA=6，OD===8，
∴点C的坐标为（10，8）；
（2）如图2，过点P作PH⊥BC，垂足为H，则∠PHC=∠AOD=90°，
∵四边形ABCD是菱形，
∴∠PCB=∠DAO，
∴△PHC∽△DOA，
∴==，
∴==，
∴PH=x，CH=x，
∴BH=10-x，
∵PE∥BC，BQ⊥PQ，
∴∠PQB=∠QBC=∠PHB=90°，
∴四边形PQBH为矩形，
∴PQ=BH=10-x，
∴y=10-x（0＜x＜10）；
（3）如图3，过点P作PH′⊥BC，垂足为H′，则四边形PQBH′是矩形，
∴BQ=PH′=x，
∵PE∥BC，
∴∠PED=∠CBD，
∵CD=CB，
∴∠CBD=∠CDB，
∴∠CDB=∠PED，
∴PE=PD=10-x，QE=PQ-PE=x，
过点D作DG⊥PQ于点G，过点A作AF⊥PQ交PQ的延长线于点F，
∴∠DGF=∠AFG=90°，
∵PQ∥BC，
∴PQ∥AD，
∴∠ADG=90°，
∴四边形AFGD为矩形，
∴AF=DG，
∵PQ∥BC，
∴∠DPG=∠C，
∵∠DGP=∠PH′C=90°，
∴△DGP∽△PH′C，
∴=，
∴AF=DG=（10-x）=8-x，
∵S△BQE+S△AQE=EQ×BQ+EQ×AF，
=×x×x+×x×（8-x）=x，
S△DEP=PE×DG=（10-x）×（8-x），
=x2-8x+40，
∵S△BQE+S△AQE=S△DEP，
∴x=（x2-8x+40），
整理得，x2-25x+100=0，
∴x1=5，x2=20，
∵0＜x＜10，
∴x2=20不符合题意，舍去，
∴x1=5，
∴x=5时，S△BQE+S△AQE=S△DEP，
∵PH′=x=4＜5，
∴⊙P与直线BC相交．
解析分析：（1）过点C作CN⊥x轴，垂足为N，求得CN、ON的长，即可得出坐标；
（2）过点P作PH⊥BC，垂足为H，易证△PHC∽△DOA，可得CH=x，BH=10-x；然后证明四边形PQBH为矩形，则PQ=BH，即可求得；
（3）过点P作PH′⊥BC，垂足为H′，过点D作DG⊥PQ于点G，过点A作AF⊥PQ交PQ的延长线于点F，用x分别表示出EQ、BQ、AF的值和PE、DG的值，然后，根据S△BOE+S△AQE=S△DEP，可求出x的值，最后根据PH′的值与x的值比较，即可得出其位置关系；
点评：本题考查了菱形、矩形的判定及性质、相似三角形的判定及性质、勾股定理的运用及直线与圆的位置关系，本题考查知识较多，属综合性题目，考查了学生对知识的掌握程度及熟练运用所学知识解答题目的能力．