如图1，已知开口向上的抛物线C1：y=a（x+2）2-5的顶点为P，与x轴相交于A、B两点（点A在点B的左边，如图1所示），且．（1）求a的值；（2）若直线y=-2x

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解：（1）∵抛物线C1的解析式为y=a（x+2）2-5，
∴顶点P的坐标为（-2，-5），
∵抛物线C1：y=a（x+2）2-5与x轴相交于A、B两点（点A在点B的左边），且AB=2，
∴A（-2-，0），B（-2+，0）．
将点B的坐标（-2+，0）代入抛物线C1的解析式，
得0=a（-2++2）2-5，
解得，a=1．
故所求a的值为1；

（2）如图，将y=-2x+b代入y=（x+2）2-5，得-2x+b=（x+2）2-5，
整理，得x2+6x-1-b=0，
∵直线y=-2x+b与抛物线C1只有一个交点，
∴判别式△=0，即36-4（-1-b）=0，
解得b=-10，
∴直线CD的解析式为y=-2x-10．
过点P作PE⊥CD于E，设直线PE的解析式为y=kx+n．
∵PE⊥CD，直线CD的斜率为-2，
∴k=，
将P（-2，-5）代入y=x+n，
得-5=×（-2）+n，
解得n=-4．
即直线PE的解析式为y=x-4．
解方程组，解得，
∴E（-，-），
∴PE==．
故点P到直线CD的距离；


（3）∵抛物线C2由C1绕x轴上的点Q旋转180°得到，
∴顶点N、P关于点Q成中心对称，
∴点N的纵坐标为5．
设点N的坐标为（m，5），作PH⊥x轴于H，作NG⊥x轴于G，作PK⊥NG于K．
∵旋转中心Q在x轴上，
∴EF=AB=2FG=2，
∴FG=，点F坐标为（m+，0），点H坐标为（-2，0），点K的坐标为（m，-5）．
根据勾股定理得：
PN2=NK2+PK2=m2+4m+104，PF2=PH2+HF2=m2+（2+4）m+34+4，NF2=52+（）2=30．
分三种情况：
①∠PNF=90°时，PN2+NF2=PF2，解得m=10-2，
∴Q点坐标为（5-2，0）；
②当∠PFN=90°时，PF2+NF2=PN2，解得m=4-2，
∴Q点坐标为（2-2，0）；
③∵PN＞NK=10＞NF，
∴∠NPF≠90°．
综上所得，当Q点坐标为（5-2，0）或（2-2，0）时，以点P、N、F为顶点的三角形是直角三角形．
解析分析：（1）先由抛物线C1：y=a（x+2）2-5得顶点P的坐标为（-2，-5），再根据抛物线的对称性得出点B的坐标为（-2+，0），将它代入抛物线的解析式，即可求出a的值；
（2）先将y=-2x+b代入y=（x+2）2-5，得到一个关于x的一元二次方程，根据直线y=-2x+b与抛物线C1只有一个交点，得出此一元二次方程的判别式△=0，求得b=-10，得直线CD的解析式为y=-2x-10，再过点P作PE⊥CD于E，根据互相垂直的两直线的斜率乘积为-1，可设直线PE的解析式为y=x+n，将P（-2，-5）代入，运用待定系数法求出直线PE的解析式，然后与直线CD的解析式联立，求出交点即垂足E的坐标，最后根据两点间的距离公式即可求出PE的长度；
（3）根据抛物线C2是由C1绕x轴上的点Q旋转180°得到的，可知点N的纵坐标为5，设N点的坐标为（m，5），作PH⊥x轴于H，作NG⊥x轴于G，作PK⊥NG于K，可求得EF=AB=2BH=2，FG=，点F坐标为（m+，0），点H坐标为（-2，0），点K的坐标为（m，-5），再根据勾股定理得：PN2=m2+4m+104，PF2=m2+（2+4）m+34+4，NF2=30．然后分三种情况进行讨论：①∠PNF=90°；②∠PFN=90°；③PN＞NK=10＞NF，所以∠NPF≠90°．前面两种情况均可利用勾股定理列方程求解．

点评：本题结合三角形的性质考查二次函数的综合应用，函数和几何图形的综合题目，要利用直角三角形的性质和二次函数的性质把数与形有机的结合在一起，利用勾股定理作为相等关系求解．